模拟一场，这场题目算是比较巧的.

a. 很简单的暴力题

b. 有点麻烦的题， 用一堆数字拼成一个最大的能被2,3,5 同时整除的数， 首先必须最后一位数字必须是0， 然后数字的总和要能被三整除 。 

解法是枚举一个到两个数字，看减少这些数字能不能使数字的总和被3整除。 如果没有就输出-1

#include 
     
      #include 
      
       #include 
       
        #include 
        
         using namespace std;int mark[10];int main(){    int n;    scanf("%d",&n);    int sum=0;    for(int i=0;i
         
          0;i--)            {                for(int j=mark[i];j>0;j--)                {                    flag=1;                    printf("%d",i);                }            }            if(flag==0) printf("0");            else             {                for(int i=0;i
          
           0;i--) { for(int j=mark[i];j>0;j--) { flag=1; printf("%d",i); } } if(flag==0) printf("0"); else { for(int i=0;i
           
            0;i--) { for(int j=mark[i];j>0;j--) { flag=1; printf("%d",i); } } if(flag==0) printf("0"); else { for(int i=0;i
           
          
         
        
       
      
     

3. 第三题很是巧妙， 也很值得一学。  

题目的关键在于，边的权值 。 1->2 ，2->3 ,3->1 的权都是1，而 2->1, 3->2, 1->3 的权都为2. 由这个特殊的性质，就可以发现沿着1->2->3->1的路线走始终是最小的 因为假设你在1 你要去3 ， 你可以选择1->2->3 也可以1-> 3 这两种路线花费是相同的. 而如果要去2的话1->2 就比2->1 花费要小.

所以问题就变得很简单了.

#include 
     
      #include 
      
       #include 
       
        #include 
        
         using namespace std;#define N 220struct node{    int to,next,w;}edge[N*N];int n;int cnt,pre[N];int mark[N],sign[N];int in[N];int save[N];int mi;int sum;void add_edge(int u,int v,int w){    edge[cnt].to=v;    edge[cnt].w=w;    edge[cnt].next=pre[u];    pre[u]=cnt++;}void dfs(int s,int k){    for(int ii=0;ii